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一看数据规模，n≤12，果断状压。

然后起点要枚举，就设dp状态：

f[i][j]=以i为起点到j状态的最小花费

其中j是一个二进制数（用十进制来表示）第i位的1、0分别表示是否已经到达第i点（1表示已经到达，0表示还未到达）

（因为m很大，n很小，会有重边，所以用邻接矩阵（e[u][v]））

由此可以列出状态转移方程：

f[i][j]=min{f[i][k]+diss[i][k][u]*e[u][v]}

(j&(1<<(u-1))!=0,j&(1<<(v-1))!=0,i!=v,k=j^(1<<(v-1)),e[u][v]!=1e9)

（e[u][v]!=1e9说的就是u、v之间有边）

什么意思？就是说我们再找一个状态（k）比当前状态（j）只少一个点（显然不能是起点），然后从k向j拓展，在所有的k中取花费最少的那种。

但是还有一个问题，该边的花费怎么算？

根据题目描述，就将该边长度乘上起点到uu经过的点数（dis[i][j][u]）即可。

问题又来了，dis[i][j][u]怎么算？

每次状态转移的时候顺便转移一下即可

代码如下：

#include

inline int read(){
	int r=0,f=1;
	char c=getchar();
	while(c<'0'||c>'9'){if(c=='-')f=-1;c=getchar();}
	while(c>='0'&&c<='9')r=(r<<1)+(r<<3)+c-'0',c=getchar();
	return r*f;
}

int n,ans=1e9,m,f[15][5005],e[15][15],dis[15][5005][15];

inline int min(int a,int b){
	return af[i][k]+dis[i][k][u]*e[u][v]){
							f[i][j]=f[i][k]+dis[i][k][u]*e[u][v];
							for(int y=1;y<=n;y++)dis[i][j][y]=dis[i][k][y];
							dis[i][j][v]=dis[i][k][u]+1;
						}
					}
				}
				u++;
				x>>=1;
			}
		}
		ans=min(ans,f[i][(1<
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                新闻来源：http://azwzsj.com/article/igpiid.html