php日期存入数据库 php日期格式

php datetime类型的数据存到数据库中

从截图代码看，问题的关键点在于：将 $_POST["Start_date"] 和 $_POST["Start_time"] 组合，再进行转换。

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由于代码中没有提供上述两个变量的格式，假设两者都是字符型：

$_POST["Start_date"] = '2018-1-1';

$_POST["Start_date"] = '12:00:00';

则可以用以下代码：

$start1 = date('Y-m-d H:i:s',strtotime($start_date . ' ' . $start_time));

示例：

?php

date_default_timezone_set('PRC'); //默认时区

$date = "2018-01-01";

$time = "12:00:00";

$start1 = date('Y-m-d H:i:s',strtotime($date . ' ' . $time));

echo "当前日期:",$start1,"br";

运行截图：

这个时候可以给表建立一个日期字段取名：time吧，类型为text类型，保存数据格式为：日期1_日期2_日期3_日期4等等，调用的时候用explode函数对“_符号”进行分割就行了，可以按照我这个思路尝试

界面弹出日历框可以使用插件datepicker，也可以手写个日历插件，自定义更强一些，就是麻烦些，可以参考下我写的，比较简单，很方便修改；

点击的时候绑定一个js函数，此函数的作用是将点击的日期值通过ajax发送（get/post）到服务端；

服务端（php）通过$_GET或$_POST接收到传过来的值后，将其存入数据库。

1. 使用mysqli_query()函数执行一个UPDATE语句，其中包含要更新的日期值：

$date = date('Y-m-d');

$sql = "UPDATE table_name SET date_column = '$date' WHERE id = 1";

mysqli_query($conn, $sql);

2. 使用PDO类的prepare()方法和execute()方法，其中包含要更新的日期值：

$date = date('Y-m-d');

$stmt = $conn-prepare("UPDATE table_name SET date_column = :date WHERE id = 1");

$stmt-execute(array(':date' = $date));

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新闻来源：http://azwzsj.com/article/dddhgpj.html